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构造法是一种创造性的数学方法. 其解题实质是通过对条件和结论的分析,构造出辅助元素(这种辅助元素可以是图形、方程或方程组、函数、等价命题等),架起一座连接条件和结论的桥梁,从而使问题得以解决. 构造法一般可以应用在求函数的值域和最值、解三角形、证明不等式以及求解恒成立问题等方面. 虽然构造的方法很多,但它们并不是独立的,并且使用时没有固定的模式,需要根据具体的问题采用相应的方法,因此技巧性很强. 此外,构造法的运用还需要借助联想法、化归法等,体现了数学思维的灵活性和创造性. 下面笔者通过几个不同的例子介绍构造法的应用.
一、巧构方程妙证不等式
例1已知p3+q3=2,求证:p+q≤2.
证明:由p3+q3=2,
得(p+q)3-3pq(p+q)=2,
令p+q=k,则k3-3pqk=2,
得pq=(k≠0),
设p、q为一元二次方程的两个根,故有x2-kx+=0,
因为Δ=k2-4・≥0,
所以≥0,即≤0,
所以由k(k-2)(k2+2k+4)≤0,
k≠0,
解得0<k≤2,
故p+q≤2成立.
点评:如何将条件向结论化归是解决问题的关键. 就本题而言,如何将条件化为p+q的关系式是解决问题的突破口. 由已知条件容易得到p,q的和与积的关系式,如果将p+q看作一个整体k,则pq也可以用k表示. 由此联想到方程根与系数的关系,便可构造出一个方程,利用“方程有解⇔Δ≥0”,即可求出k的范围,使问题得以解决.
二、巧构向量妙证不等式
例2设a,b,c,d∈R,求证:ad+bc≤・.
证明:设m=(a,b),n=(d,c),
则m・n=ad+bc,
m
=,
n
=,
由性质m・n≤
m
・
n
,可得ad+bc≤・,故命题得证.
点评:根据需证式子的特点,构造向量,并利用向量的数量积与向量模之间的关系,使命题得证. 用此法解题时需要观察题目是否能构造出两个向量,再结合向量模的运算以及向量的数量积的性质等知识,向要求解的问题靠拢.
三、巧构不等式妙证不等式
例3若a,b∈R+,a+b=2,求证:+≤2.
证明:=≤・=(a+2),
同理,≤(b+2),
所以+≤(a+2)+(b+2)=2,故命题得证.
点评:由a,b在已知条件中的对称性可知,只有当a=b=1,即2a+1=2b+1=3时,等号才成立,所以解题时可构造局部不等式. 证明本题这样的不等式,若从整体上考虑则难以下手,如果构造若干个结构完全相同的局部不等式,并逐一加以证明,再利用同向不等式相加的性质,便可使命题得证.
四、巧构斜率妙求函数值域
例4求函数f(x)=的值域.
解析:令μ=-cosx,θ=sinx,则f(x)=,且μ2+θ2=1表示单位圆.
此时,令k=f(x),则k表示连结定点P(2,3)与单位圆上任意一点(μ,θ)所得的直线的斜率. 显然该直线与圆相切时,k取得最值. 此时,圆心(0,0)到直线θ-kμ-(3-2k)=0的距离为1,即=1,所以k=2±.
故2-≤k≤2+.
点评:由函数f(x)的形式,可以联想到直线的斜率公式,于是将f(x)构造成斜率公式的形式,即将f(x)看作定点(2,3)与动点(-cosx,sinx)连线的斜率,故f(x)的值域为斜率的范围. 此法适用于分式三角函数求值域,且分子和分母一个是sinx,另一个是cosx的情况.
五、巧构函数妙解“恒成立”
例5若对一切实数x,不等式≥1均成立,求实数m的取值范围.
解析:由题意,知m>0,因此原不等式恒成立等价于m≤=x2+=(x2+2)+-2恒成立,令t=x2+2,则y=t+(t≥2),即y=t+在[2,+∞)上为增函数,所以t=2,即x=0时,ymin=4. 要使不等式m≤(x2+2)+-2恒成立,只要m≤ymin-2,所以m≤2,又m>0,故实数m的取值范围是0<m≤2.
点评:求解恒成立问题时,可构造同学们熟悉的函数类型,然后根据函数的性质解题. 就本题而言,首先由观察题干可得m为正数,接着分离变量,并构造函数y=x+,最后利用函数的单调性求出m的范围. 求解这类问题时经常要用变量分离的方法,而应用这一方法的关键是分清参数与变量.
六、巧构数列妙解三角函数
例6已知sinθ+cosθ=,θ∈(0,π),求tanθ的值.
解析:由条件sinθ+cosθ=,可知sinθ,,cosθ构成一个等差数列.
设其公差为d,则sinθ=-d,cosθ=+d,由sin2θ+cos2θ=1,可得
-d2+
+d2=1,解得d=±.
又因为θ∈(0,π),所以sinθ>0,故d=舍去.
所以d=-,则sinθ=,cosθ=-.
故tanθ==-.
点评:因为sinθ,cosθ之间存在关系sin2θ+cos2θ=1,所以本题利用等差数列的性质,巧妙地构造了sinθ,,cosθ这样一个等差数列,从而解出sinθ,cosθ的值. 注意,在求解后还应检验三角函数的取值范围.
七、巧构定值妙求最值
例7已知a>0,b>0,且a2+=1,求a的最大值.
解析:因为a2+=1,所以2a2+b2=2,
a=≤・=・=,当且仅当2a2=1+b2,
a2+
=1, 即a
=,
b
= 时取“=”,故a的最大值是.
点评:若对a直接使用均值不等式,则有a≤,显然a2+b2不是定值,不易求解. 观察条件a2+=1,可得2a2+b2=2,于是需要对a2与b2的系数进行配凑,构造出2a2+b2的形式,利用定值求解. 同学们在应用均值不等式求最值时,应使所构式子的和或积为定值,而此时往往需要运用拆项、添项、变系数等变形技巧.
八、巧构图形妙证三角函数
例8设α∈0
,,试证明:sinα<α<tanα.
证明:在平面直角坐标系中作单位圆(如图1),即r=OA=1. 设角α以x轴的正半轴为始边,终边与单位圆相交于P.
[y][P][T][x][A][M][O][α]
图1
SOPA=OA・MP=MP,
S扇OPA=r2・α=α,
SOAT=OA・AT=AT,
又因为SOPA<S扇OPA<SOAT,
所以MP<α<AT,
由三角函数线可知sinα=MP,tanα=AT,故sinα<α<tanα.
点评:本题首先构造了适当的图形,接着利用三角形与扇形的面积关系构造出不等关系,最后把有向线段转化为单位圆中的三角函数线,从而使命题得证. 由于直观的图形有助于思考,所以很多问题在构造出适当的图形后,就能化难为易,化繁为简.