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合理地去绝对值符号,是解决含有绝对值的不等式问题的关键. 现以近年高考题、模拟题中的一些试题为例说明.
一、 讨论后去绝对值
例1
若关于x的不等式x+|x-1|≤a有解,求实数a的取值范围.
解
设f(x)=x+|x-1|,则f(x)=2x-1,x≥1,1, x<1.f(x)的最小值为1.
因为x+|x-1|≤a有解,即f(x)≤a有解,所以a≥1.
例2
设函数f(x)=|x-1|+|x-a|.
(1) 若a=-1,解不等式f(x)≥3;
(2) 如果x∈R,f(x)≥2,求a的取值范围.
解
(1) 当a=-1时,f(x)=|x-1|+|x+1|,由f(x)≥3得|x-1|+|x+1|≥3,不等式可化为x≤-1,-2x≥3或-1<x≤1,2≥3或x>1,2x≥3,所以不等式的解集为xx≤-32或x≥32.
(2) 若a=1,f(x)=2|x-1|,不满足题设条件;
若a<1,f(x)=-2x+a+1,x≤a,1-a, a<x<1,2x-(a+1),x≥1,
f(x)的最小值为1-a;
若a>1,f(x)=-2x+a+1,x≤1,a-1, 1<x<a,2x-(a+1),x≥a,
f(x)的最小值为a-1.
所以对于x∈R,f(x)≥2的充要条件是|a-1|≥2,从而a的取值范围为(-∞,-1]∪[3,+∞).
评
注
根据绝对值的定义,|x-x0|=x-x0, x>x0,0,x=x0,-x+x0,x<x0.在零点x0处对x加以讨论,可有效地去掉绝对值符号.
二、 平方后去绝对值
例3
不等式|x+1||x+2|≥1的实数解为 .
解
|x+1||x+2|≥1|x+1|≥|x+2|且|x+2|≠0(x+1)2≥(x+2)2且x≠-22x≤-3且x≠-2,
解得x≤-32且x≠-2. 所以原不等式的实数解集为(-∞,-2)∪-2,-32.
评
注
我们知道,若a>0,则x<ax2<a2;|x|>ax2>a2. 因此,借助平方的方法我们可以方便地去掉绝对值符号.
三、 运用绝对值的几何意义
例4 已知a∈R,若关于x的方程x2+x+a-14+|a|=0有实根,则a的取值范围是 .
解
因为方程x2+x+a-14+|a|=0有实根,由Δ=1-4a-14+|a|≥0,得a-14+|a|≤14,
由绝对值的几何意义(如图1)可知0≤a≤14.
图1
所以0≤a≤14.
评
注
a-14的几何意义是数轴
上动点a到定点14的距离,|a|的几何意义是数轴上动点a到定点0的距离,要使这两个距离之和不大于14,a只能在14和0之间.
四、 运用含有绝对值的不等式的性质
例5
设f(x)=x2-x+1,实数a满足|x-a|<1. 求证:|f(x)-f(a)|<2(|a|+1).
证
明
因为f(x)=x2-x+1,|x-a|<1,
所以|f(x)-f(a)|=|x2-x-a2+a|=|x-a|・|x+a-1|<|x+a-1|.
因为|x+a-1|=|(x-a)+(2a-1)|≤|x-a|+|2a-1|<1+|2a|+1=2(|a|+1),
所以|f(x)-f(a)|<2(|a|+1).
评
注
含有绝对值的不等式具有如下性质:|a|+|b|≥|a+b|,|a|-|b|≤|a+b|,|a|-|b|≤|a-b|≤|a|+|b|.
利用这些性质我们可以无需讨论、平方,就能够使含有绝对值的不等式的有关问题迎刃而解.
含有绝对值的不等式,其“难”就难在绝对值上,只要我们掌握了以上几种解决的方法,就可以化难为易了.